B

【详解】

A项，该化合物分子中含有羧基、醇羟基、醚键和碳碳双键4种官能团，故A项错误；

B项，该物质中含有羧基和羟基，既可以与乙醇发生酯化反应，也可以与乙酸发生酯化反应，反应类型相同，故B项正确；

C项，分枝酸中只有羧基能与NaOH溶液发生中和反应，一个分子中含两个羧基，故1mol分枝酸最多能与2mol NaOH发生中和反应，故C项错误；

D项，该物质使溴的四氯化碳溶液褪色的原理是溴与碳碳双键发生加成反应，而是使酸性高锰酸钾溶液褪色是发生氧化反应，原理不同，故D项错误。

综上所述，本题正确答案为B。

【点睛】

本题考查了有机化合物的结构与性质，包含了通过分析有机化合物的结构简式，判断有机化合物的官能团、反应类型的判断、有机物的性质，掌握官能团的性质是解题的关键。

A

【详解】

A．该分子中含有羧基和醇羟基，所以能发生酯化反应的官能团有羧基和醇羟基，所以苹果酸中能发生酯化反应的官能团有2种，A正确；

B．1mol苹果酸中含有2mol羧基，所以1mol苹果酸可与2molNaOH发生中和反应，B错误；

C．能和Na反应是有羧基和醇羟基，1mol苹果酸与足量金属Na反应生成1.5molH₂，C错误；

D．HOOC－CH₂－CH(OH)－COOH与苹果酸是同一种物质，D错误。

答案选A。

B

【详解】

A.分子式为C₇H₁₀O₅，故A错误；B.1 mol该物质含有3个羟基和1个羧基，能与4 mol Na发生反应，故B正确；C. 分子中含有C=C、-COOH和-OH三种官能团，故C错误；D. 在水溶液中羧基能电离出H^＋,羟基不能电离出H^＋，故D错误；答案：B。

【点睛】

根据官能团判断相应的性质。含有-COOH和-OH能和金属钠反应，根据结构简式判断分子式。

B

【解析】

A．该反应为加成反应，但加成产物有两种，其中一种HOCH₂CH₂COOH为副产物生成，故A错误；B．丙烯酸结构中有碳碳双键，而乳酸没有碳碳双键，可用可用Br₂/CCl₄溶液鉴别这两种有机物，故B正确；C．丙烯酸与乳酸都属于有机酸，羧基之间可以脱水生成酸酐，故C错误；D．羧基能与Na、NaOH、NaHCO₃反应，而羟基只与Na反应，则1mol乳酸分别与足量Na、NaOH、NaHCO₃反应，消耗三者物质的量之比为2:1:1，故D错误；答案为B。

D

【解析】

A．右边苯环上方的第一个碳与周围四个碳原子均为单键结构，为四面体构型，不可能所有碳原子在同一平面内，故A错误；

B．分子中含有碳碳双键能发生加成反应，但没有可发生消去反应的官能团，故B错误；

C．碳碳双键使溴水褪色发生的是加成反应，而其使酸性高锰酸钾褪色发生的是氧化反应，故C错误；

D．1mol蓓萨罗丁与足量的Na反应生成0.5molH₂，而其与足量NaHCO₃反应生成1mol的CO₂，产生气体的物质的量之比为l︰2，故D正确。

本题选D。

D

【详解】

分析：A、根据有机物质的官能团来确定；B、根据有机物质的结构简式可以书写分子式；C、根据有机物质的官能团来确定有机物质的性质；D、根据物质的性质来回答判断。

详解：A、维生素C中含有醇羟基和碳碳双键、酯基三种官能团，选项A正确；B、根据有机物质的结构简式可以得出分子式为：C₆H₈O₆，选项B正确；C、维生素C中含有碳碳双键和醇羟基，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，选项C正确；D、维生素C中含有酯基，在碱的作用下会发生水解反应，故在碱性溶液中不能稳定存在，选项D不正确。答案为D。

点睛：本题考查有机物的结构和性质，熟悉常见的物质的结构、醇的性质、苯酚的性质即可解答，注意结构决定物质的性质，较简单。

C

【详解】

A．有机物中只含碳氢两种元素的化合物称烃，迷迭香酸分子中含有氧元素，所以迷迭香酸不属于芳香烃，为烃的含氧衍生物，故A错误；

B．酚-OH的邻对位与溴水发生取代，烯烃与溴水发生加成反应，1mol迷迭香酸最多能和含7mol Br₂的浓溴水发生反应，故B错误；

C．该物质中含有酚羟基，所有苯环上的氢原子能与溴发生取代反应；因含有羧基，所以能与醇发生酯化反应；因含有酯基，所以能发生水解反应，故C正确；

D．1mol迷迭香酸含有4mol酚羟基、1mol羧基、1mol酯基，4mol酚羟基需要4mol氢氧化钠与其反应，1mol羧基需要1mol氢氧化钠与其反应，1mol酯基需要1mol氢氧化钠与其反应，所以1mol迷迭香酸最多能和含6molNaOH的水溶液完全反应，故D错误；

故选C。

C

【解析】A．阿司匹林分子结构中含有羧基和羧酸苯酯，在NaOH溶液中完全水解反应，可消耗3mol NaOH，故A正确；B．将阿司匹林投入氢氧化钠溶液中，发生羧酸的中和和酯的水解，断裂的化学键为②和⑥，故B正确；C．酚羟基在碱性条件下也能发生中和反应，生成酚钠，故C错误；D．阿司匹林分子式为C₉H₈O₄，1mol 阿司匹林完全燃烧消耗9mol O₂，故D正确；答案为C。

D

【解析】

该物质能与钠反应的官能团有羧基，羟基，能与NaOH反应的官能团有酚羟基和羧基，能与Cu（OH）₂反应的官能团有羧基和醛基，且醛基被氧化为羧基后也能与氢氧化铜反应。故1molA物质与上述物质反应，分别消耗Na、NaOH、新制的Cu（OH）₂的物质的量分别是3mol，2mol，3mol。答案选D。

D

【解析】

A苯酚与溴水反应，生成2，4,6-三溴苯酚与苯互溶，不能得到纯净物质，故A错误；

B.乙烯与氢气加成，乙烷中易引入新杂质氢气，而且反应还需要催化剂，一定温度压强不能除杂，应选溴水、洗气，故B错误；

C.乙酸乙酯在NaOH溶液条件下水解，应改为饱和碳酸钠溶液，充分震荡静置再分液，故C错误；

D.硝基苯中混有硝酸,加入氢氧化钠溶液,中和后，充分振荡,静置后再分液，故D正确。

答案：D

【点睛】

本题考查物质的分离、提纯和除杂，题目难度不大，注意除杂的要求：既要把杂质除去，又不能引入新的杂质且原物质不能被消耗。

B

【分析】

根据羧酸、酯、酚的性质，结合“强酸制弱酸”或“弱酸制更弱酸”的原理分析。

【详解】

A. 在足量NaOH溶液中共热生成的有机物是和CH₃COONa，因H₂SO₄的酸性比苯甲酸、苯酚酸性都强，所以再加入适量H₂SO₄时将生成，不能得到，A项错误；

B. 在足量NaOH溶液中共热生成的有机物是和CH₃COONa，因为H₂CO₃的酸性比苯酚强，但比苯甲酸弱，所以再通入足量CO₂时生成，B项正确；

C. 与稀H₂SO₄共热后生成有机物和CH₃COOH，因为苯酚的酸性比H₂CO₃弱，苯甲酸的酸性比H₂CO₃强，所以再加入足量NaHCO₃溶液时生成，但与稀H₂SO₄共热的反应是可逆反应，反应物转化率不高，C项错误；

D. 与稀H₂SO₄共热后生成有机物和CH₃COOH，因为苯酚的酸性比HCO₃^-强，苯甲酸的酸性比H₂CO₃强，所以再加入足量Na₂CO₃溶液时生成，不能得到，D项错误；答案选B。

C

【分析】

含溴化合物中的溴原子，在适当条件下都能被羟基(−OH)取代，所得产物能跟NaHCO₃溶液反应，说明水解后生成的官能团具有酸性，且酸性比H₂CO₃强，以此解答该题。

【详解】

A．水解生成，为醇类物质，不具有酸性，不能与碳酸氢钠反应，故A错误；

B．水解生成，酚羟基比碳酸弱，不能与碳酸氢钠反应，故B错误；

C．水解生成，酸性比碳酸强，可与碳酸氢钠反应，故C正确；

D．水解生成，为醇类物质，不具有酸性，不能与碳酸氢钠反应，故D错误；

故答案选C。

C

【详解】

A．分子中含8个H，分子式为C₉H₈O₄，故A错误；

B、苯环、双键都能与氢气发生加成反应，则1mol咖啡酸最多可与4mol氢气发生加成反应，故B错误；

C、含双键与溴水发生加成反应，含酚-OH，酚-OH的邻对位与溴水发生取代反应，故C正确；

D、含-COOH，与Na₂CO₃溶液、NaHCO₃溶液均反应，故D错误；

答案选C。

B

【详解】

①该物质分子中含11个C原子、3个O原子，不饱和度为6，则分子式为，①正确；

②该有机物分子中的碳碳双键能使溴水、酸性溶液褪色，②正确；

③该有机物分子中的羟基和羧基都能与反应，只有羧基能与反应，两个反应中反应物的物质的量之比前者是1：2，后者是1∶1，③不正确；

④该有机物不能发生水解反应，④不正确；

综合以上分析，③④不正确，故选B。

D

【解析】

试题分析：分子中含有苯环，为芳香族化合物，故A正确；分子中含有醇羟基，可发生消去和酯化反应，故B正确；分子中含有羧基，可与金属钠、碳酸氢钠溶液反应，故C正确；分子中含有2个酚羟基和1个羧基，则1mol该有机物与足量NaOH溶液反应，消耗3mol NaOH，故D错误，故选D。

考点：本题考查有机物的结构和性质，为高频常见题型，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物官能团的性质，为解答该类题目的关键，难度不大。

B

【分析】

该有机物含有碳碳双键、羟基、羧基、苯环，结合烯烃、醇、羧酸、苯的性质来解答。

【详解】

①含有碳碳双键、苯环均可发生加成反应，故①选；

②含碳碳双键、羟基均可发生氧化反应，故②选；

③含羟基、羧基均可发生酯化反应，酯化反应属于取代反应，故③选；

④含碳碳双键可发生加聚反应，故④选；

综上所述，①②③④均可以发生，B项正确；

答案选B。

D

【解析】

A．与足量的NaOH溶液共热，生成羧酸钠和酚钠结构，由于酸性：亚硫酸＞＞，则再通入SO₂生成邻羟基苯甲酸，A错误；B．与稀H₂SO₄共热后，生成邻羟基苯甲酸，再加入足量的NaOH溶液，生成羧酸钠和酚钠结构，B错误；C．加热溶液，通入足量的CO₂，不发生反应，C错误；D．与稀H₂SO₄共热后，生成邻羟基苯甲酸，加入足量的NaHCO₃溶液，-COOH反应生成羧酸钠，酚羟基不反应，D正确，答案选D。

B

【解析】

①该有机物分子中含有羧基，能够发生酯化反应，能够与金属钠反应生成氢气，含有官能团氯原子，能够发生水解反应，但是与氯原子相邻的碳上不含氢原子，不能发生消去反应，故①错误；

②分子中含有官能团氯原子，且与氯原子所连碳原子的邻位碳原子上有氢原子，故其能够发生水解反应，也能够发生消去反应；含有官能团羧基，能够发生酯化反应，也能够与钠反应生成氢气，故②正确；

③该有机物分子中含有酯基，能够发生水解反应，含有羟基与其所连碳原子的邻位碳原子上有氢原子，能够发生酯化反应和消去反应，也能够与钠反应放出氢气，故③正确；

④该有机物分子不含羧基和羟基，无法发生酯化反应，故④错误；

故答案为B。

C

【解析】

A. 根据结构简式可知，该有机物的分子式为C₉H₈O₂，故A正确；

B. 结构中含有羧基，能够发生酯化反应，含有苯环，能够发生加成反应、含有碳碳双键能够发生氧化反应和加成反应，故B正确；

C. 苯环上的二氯代物为6种，分别为（●表示氯原子）、、、、、，故C错误；

D. 苯环和碳氧双键均为平面结构，分子中所有碳原子可能共平面，故D正确；

答案选C。

C

【解析】

A项，NaOH与羧基和酚羟基都能反应，故A错误；B项，Na₂CO₃与羧基和酚羟基都能反应，故B错误；C项，NaHCO₃能与羧基反应，与酚羟基和醇羟基都不反应，故C正确；D项，Na与羧基、酚羟基和醇羟基都反应，故D错误。

B

【解析】

A，咖啡酸中含酚羟基能发生取代反应、加成反应、氧化反应，含碳碳双键能发生加成反应、氧化反应、加聚反应，含羧基能发生取代反应、酯化反应，A项正确；B，咖啡酸中含有1个苯环和1个碳碳双键，苯环和碳碳双键能与H₂发生加成反应，1mol咖啡酸最多能与4molH₂发生加成反应，B项错误；C，咖啡酸中碳原子形成1个苯环、1个碳碳双键、1个羧基，其中C原子都为sp²杂化，联想苯、乙烯的结构，结合单键可以旋转，咖啡酸中所有原子可能共面，C项正确；D，由咖啡酸的结构简式写出咖啡酸的分子式为C₉H₈O₄，A为一元醇，蜂胶水解的方程式为C₁₇H₁₆O₄（蜂胶）+H₂O→C₉H₈O₄（咖啡酸）+A，根据原子守恒，A的分子式为C₈H₁₀O，D项正确；答案选B。

点睛：本题考查有机物的结构和性质、有机分子中共面原子的判断。明确有机物的结构特点是解题的关键，难点是分子中共面原子的判断，分子中共面原子的判断注意从乙烯、苯和甲烷等结构特点进行知识的迁移应用，注意单键可以旋转、双键不能旋转这一特点。

B

【详解】

A. 有机物A的官能团是碳碳双键、醇羟基和羧基，只有羧基能电离出氢离子，则1molA最多能与1molNaOH反应，A项错误；

B. 分子内含碳碳双键，碳碳双键在一定条件下能发生加聚反应，B项正确；

C. 分子内含羧基和醇羟基，两者在一定条件下能发生分子内酯化反应，C项错误；

D. 苯分子和乙烯分子都是共面的分子，但是甲烷分子是四面体分子，有机物A分子中来自苯、乙烯等的原子可以共面，但不一定共面，但来自甲烷衍生的—CH₂—、—CH₂OH中的原子不可能都共面，D项错误；

答案选B。

D

【详解】

A. 由于苯酚分子中没有羧基，所以不是羧酸，故A错误；

B. 由于只要分子中含有醛基，就能够发生银镜反应，如甲酸，所以能够发生银镜反应的不一定是醛，故B错误；

C. 在酯化反应中，羧酸脱去羟基，醇脱去氢原子生成酯和水，故C错误；

D. 由于乙烯分子中含有不饱和碳碳双键，能够使高锰酸钾溶液褪色；苯的部分同系物（与苯环相连的C原子上连有H原子）能够使高锰酸钾溶液褪色，故D正确；

答案选D。

D

【分析】

该有机物含有的官能团为：酚羟基、氨基、羧基，氨基可以与酸反应，羧基可以与碱反应，酚羟基易被氧化，也可与碱反应；氨基、羧基可以发生缩聚反应。

【详解】

A. 该有机物含有氨基、羧基，氨基可以与酸反应，羧基可以与碱反应，A正确；B.1mol该有机物含1mol酚羟基、1mol羧基，与2molNaOH发生反应，正确；C. 氨基、羧基可以发生缩聚反应，C正确；D. 酚羟基易被氧化，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，D错误。答案为D。

【点睛】

有机物的化学性质由官能团决定，苯环与羟基之间也是相互影响的。

D

【分析】

CH₃-CH═CH-COOH中含碳碳双键、-COOH，结合烯烃、羧酸的性质来分析。

【详解】

含碳碳双键，能与①氯化氢、②溴水发生加成反应；含碳碳双键，能与⑤酸性高锰酸钾溶液发生氧化反应；含-COOH，能与③纯碱溶液发生复分解反应，也能与④乙醇发生酯化反应，

故选D。

【点睛】

本题考查有机物的结构与性质，解题关键：把握官能团与性质的关系，结合官能团的结构，掌握常见有机物的性质及应用。

C

【详解】

A.将溴乙烷与饱和氢氧化钾乙醇溶液共热反应生成的乙烯气体中混有乙醇蒸气，乙醇也能使酸性高锰酸钾溶液褪色，干扰了乙烯的检验，故A错误；
B.溴易挥发,生成的HBr中含有溴,溴和硝酸银溶液也生成淡黄色沉淀,从而干扰实验,故B错误；
C.醋酸能够与碳酸氢钠溶液反应产生二氧化碳气体，苯酚溶液与碳酸氢钠溶液不反应，可以证明酸性：醋酸大于苯酚，故C正确；

D.溴离子的检验需要在酸性条件下进行,碱性条件下,硝酸银和氢氧根离子反应生成沉淀,故D错误；
综上所述，本题选C。

【点睛】

选项A中，要检验溴乙烷在氢氧化钾的醇溶液中加热发生消去反应生成的乙烯气体，就要把反应产生的混合气体（乙烯和乙醇蒸气）先通过盛有足量水的洗气瓶，除去乙醇，反应产生的气体能够使酸性高锰酸钾溶液褪色，才能证明溴乙烷发生消去反应产生了乙烯气体。

B

【详解】

①与甲酸发生酯化反应，C原子仍连接4个不同的原子或原子团，具有光学活性，故不选①；　

②与NaOH溶液反应，酯基水解生成-CH₂OH，产物含2个-CH₂OH，不具有手性碳原子，不具有光学活性，故选②；

③与银氨溶液作用，-CHO与银氨溶液反应生成-COONH₄，仍具有手性碳原子，故不选③；

④在催化剂存在下醛基与氢气加成生成-CH₂OH，产物含2个-CH₂OH，不具有手性碳原子，不具有光学活性，故选④。

根据上面分析，发生反应后生成的有机物无光学活性的是：②④

答案：B

【点睛】

本题以手性碳考查有机物的结构与性质，注意把握醛、酯、醇的性质是解答的关键，题目难度不大。

B

【解析】

有机物含有羧基，具有酸性，可发生酯化反应；含有羟基，可发生取代、氧化反应；含有碳碳双键，可发生加成、氧化和加聚反应，以此解答该题。

【详解】

A.羟基和碳碳双键都可被高锰酸钾氧化，因此不能用酸性高锰酸钾溶液检验碳碳双键，A错误；

B.只有羧基与氢氧化钠溶液反应，则1mol该物质只能与1 mol NaOH反应，B正确；

C.不含酯基、卤素原子等，因此不能发生水解反应，C错误；

D.含有饱和碳原子，具有甲烷的结构特征，因此不可能所有的原子在同一个平面上，D错误；

故合理选项是B。

【点睛】

本题考查有机物的结构和性质，为高考常见题型和高频考点，侧重考查学生的分析能力，注意把握有机物官能团的性质，为解答该题的关键。

B

【详解】

A．由结构简式可知该有机物的分子式为C₁₂H₁₂O₄，故A不符合题意；

B．能与氢气发生加成反应的为碳碳双键、苯环和醛基，则1 mol该有机物最多能与5 mol H₂反应，故B符合题意；

C．只有羧基能与NaHCO₃反应，则0.1 mol该有机物与足量NaHCO₃溶液可生成0.1 mol CO₂，气体体积为2.24 L（标准状况下），故C不符合题意；

D．分子中含有碳碳双键、醛基，可发生加成、氧化、还原反应，含有羧基、羟基，可发生取代反应，故D不符合题意；

故答案为：B。

C

【详解】

A．与乙酸发生酯化反应，反应后生成的物质中C原子上连接两个相同的CH₃COOCH₂-原子团，不具有光学活性，故A错误；

B．与NaOH溶液共热发生水解，反应后生成的物质中C原子上连接两个相同的-CH₂OH原子团，不具有光学活性，故B错误；

C．与银氨溶液作用被氧化，-CHO生成-COOH，C原子仍连接4个不同的原子或原子团，具有光学活性，故C正确；

D．在催化剂存在下与H₂作用，-CHO生成-CH₂OH，反应后生成的物质中C原子上连接两个相同的-CH₂OH原子团，不具有光学活性，故D错误；

故选C。

【点睛】

手性碳原子判断注意：手性碳原子一定是饱和碳原子，手性碳原子所连接的四个基团要是不同的；本题难点要结合反应原理判断反应产物是否具有手性碳和光学活性，如选项C在NaOH溶液中水解后产物OHCCH(CH₂OH)₂就不再具有手性碳和光学活性，据此分析判断即可。

C

【详解】

A．根据结构简式知，分子式为C₄H₆O₃，可以写为C₄(H₂O)₃，只有C元素在燃烧时需要氧气，所以每摩尔该物质充分燃烧需消耗4mol O₂，故A正确；

B．含有羧基和醇羟基，能发生酯化反应，能发生分子内和分子间酯化反应，故B正确；

C．羧基、醇羟基能和钠反应，只有羧基能和氢氧化钠反应，只有羧基能和碳酸钠反应，所以分别与足量钠、氢氧化钠、碳酸钠反应，生成物分别为NaOOC-CH=CH-CH₂ONa、NaOOC-CH=CH-CH₂OH、NaOOC-CH=CH-CH₂OH，故C错误；

D．该物质中含有羧基、碳碳双键和醇羟基，所以具有羧酸、烯烃、醇的性质，能发生取代反应、加成反应、氧化反应和中和反应等，故D正确；

故选C。

D

【详解】

A.该分子中有醇羟基，在一定条件下能发生催化氧化反应生成羰基，A正确；

B.苹果酸中含有2个羧基，1 mol苹果酸与NaHCO₃溶液反应，可消耗2 mol NaHCO₃，B正确；

C.该分子中有2个羧基和1个羟基，1 mol苹果酸与足量Na反应生成33.6 L H₂(标准状况下)，C正确；

C.该分子中有2个羧基和1个羟基，分别和足量Na或NaOH反应消耗两者的物质的量之比为3：2，D错误；

答案选D。

【点睛】

明确常见官能团的结构和性质特点是解答的关键，注意常见羟基活泼性强弱的比较，即－COOH＞H₂O＞酚羟基＞醇羟基。

A

【解析】

将转化为先发生水解，根据酸性：盐酸或硫酸>苯甲酸>碳酸>苯酚规律，利用强酸制取弱酸的方法，实现转化。

【详解】

A. 与足量的NaOH溶液共热后，中的酯基水解，生成，再通入CO₂，转化为，A符合题意；

B. 溶液加热，通入足量的HCl，酯基部分水解，其不完全转化为，B不合题意；

C. 与稀H₂SO₄共热后，加入足量的Na₂CO₃，生成，C不合题意；

D. 与稀H₂SO₄共热后，加入足量的NaOH，生成，D不合题意。

故选A。

B

【详解】

A．苯和甲烷都不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，A项错误；

B．苯酚和苯乙醇中含有—OH，苯乙酸中有—COOH，可以与Na反应放出氢气，B项正确；

C．葡萄糖为单糖，不能发生水解反应，C项错误；

D．甲醇的分子式为CH₄O，二甲醚的分子式为C₂H₆O，不是同分异构体，D项错误；

本题答案选B。

C

【解析】

C₁₀H_l2O₂不饱和度为5，能与NaHCO₃溶液反应放出CO₂气体，说明分子中含有-COOH。苯环上的一氯代物有两种，说明苯环上只有两种位置的氢原子，苯环上至少含有2个取代基。当苯环上有两个取代基时，有5种同分异构体，当苯环上有三个取代基时，有2种同分异构体；当苯环上有4个取代基的时候，有4种同分异构体，共11种，分别如下：

、、、、、、、、、、。故选C。

D

【解析】

由题给结构简式可知，S-诱抗素的分子式为C₁₅H₂₀O₄，官能团为羰基、碳碳双键、醇羟基和羧基，具有酮、烯烃、醇和羧酸性质，能发生加成反应、氧化反应、酯化反应、取代反应、加聚反应等。

【详解】

A项、由结构简式可知S-诱抗素的分子式为为C₁₅H₂₀O₄，故A错误；

B项、S-诱抗素不含有酯基和卤素原子，不能发生水解反应，故B错误；

C项、S-诱抗素含有3个碳碳三键，则1mol该有机物与足量溴反应最多消耗3mol Br₂，故C错误；

D项、S-诱抗素含有1个羟基和1个羧基，则1mol该有机物与足量Na反应生成1mol H₂，故D正确。

故选D。

【点睛】

本题考查有机物结构和性质，侧重考查醇、烯烃、羧酸性质，把握官能团及其性质关系是解本题关键。

B

【分析】

A.甘油中羟基是亲水基团，易吸水；

B.水杨酸乙基己酯结构中有一个采用sp³杂化的碳原子与三个碳原子相连；

C.水杨酸乙基己酯苯环上有四种氢原子；

D.根据丙烯酸中碳碳双键、羧基官能团的性质解答。

【详解】

A.甘油中羟基是亲水基团，易吸水，甘油具有保湿作用，故A正确；

B.水杨酸乙基己酯结构中有一个采用sp³杂化的碳原子与三个碳原子相连，呈四面体结构，水杨酸乙基己酯结构中所有的碳不可能共面，故B错误；

C.水杨酸乙基己酯苯环上有四种氢原子，能形成四种苯环上的一氯代物，故C正确；

D.丙烯酸中含碳碳双键，能发生加成反应、氧化反应，含羧基能发生取代，故D正确。

故选B。

C

【解析】

A、硝酸具有强氧化性，可将Fe²⁺氧化成Fe³⁺，所以A不能检验FeSO₄晶体因氧化而变质，即A错误；B、已知反应的方程式为5H₂C₂O₄＋2MnO₄^－＋6H^＋2Mn^2＋＋10CO₂↑＋8H₂O，所以两支试管中H₂C₂O₄的量都不足，因此KMnO₄酸性溶液都不会褪色，可能颜色会变浅，但不易观察，所以B错误；C、由于乙酸能与碳酸钠反应而除去，而乙酸乙酯在饱和碳酸钠溶液溶解度更小，所以通过分液即可提纯含有少量乙酸的乙酸乙酯，故C正确；D、银氨溶液中酸性溶液中会变质，所以不能直接向水解液中加入银氨溶液，应先加NaOH溶液中和到碱性，再加入银氨溶液，水浴加热，观察是否产生银镜，故D错误。因此本题答案应选C。

B

【解析】

由有机物的转化关系可知，与HCN发生加成反应生成，在酸性条件下水解生成。

【详解】

A项、若反应I是加成反应,通过分析反应物和产物的结构可知，分子中醛基与HCN发生加成反应生成，故A正确；

B项、分子的所有碳原子共平面，共平面碳原子数目为7个，分子中的所有碳原子也可能共平面，共平面碳原子数目最多为8个，故B错误；

C项、中含有醛基，能发生银镜反应，中不含有醛基，不能发生银镜反应，则可用银氨溶液检验中是否含有，故C正确；

D项、不考虑立体异构Z苯环上的二硝基取代物最多有6种，结构简式分别为、、、、、，故D正确。

故选B。

【点睛】

本题考查有机物的结构与性质，侧重分析与应用能力的考查，注意把握有机物的结构与转化关系为解答的关键。

D

【详解】

①该有机物中含有碳碳双键和醇羟基，可以使酸性KMnO₄溶液褪色，故正确；

②含有羧基，可以和NaHCO₃溶液反应，故正确；

③含有碳碳双键，一定条件下能与H₂发生加成反应，故正确；

④含有羟基，在浓硫酸、加热条件下，能与冰醋酸发生酯化反应，故正确；

故选D。

D

【解析】

阿司匹林中含有酯基和羧基，与足量NaOH溶液共热可发生中和反应（断⑥号键）和酯的水解反应（断②号键）；

答案选D。

D

【详解】

A.天然植物油均为高级脂肪酸甘油酯，但多是混甘油酯，没有固定的熔沸点，A错误；

B.蔗糖虽能水解得到葡萄糖，但其本身无还原性，B错误；

C.两者二肽的结构不同，但其可能水解得到相同的水解产物，比如CH₃CH₂(NH₂)CONHCH₂COOH和CH₂(NH₂)CONHCH(CH₃)COOH，均水解得到CH₂(NH₂)COOH、CH₃CH(NH₂)COOH，C错误；

D.乙醛可以制取聚乙醛等、氯乙烯可以合成聚氯乙烯，乙二醇可以和乙二酸缩聚，D正确；

答案选D。

D

【详解】

A．水杨酸分子结构中的酚羟基和羧基均能和NaOH溶液反应，则1mol水杨酸最多消耗2molNaOH，故A正确；

B．水杨酸分子结构中的酚羟基，遇FeCl₃溶液显紫色，故B正确；

C．水杨酸分子内酚羟基和羧基之间可形成分子内氢键，降低其在水中的溶解度，故C正确；

D．水杨酸分子内只有苯环可与H₂发生加成反应，则1mol水杨酸可与3molH₂发生加成反应，故D错误；

故答案为D。

【点睛】

以水杨酸的结构为载体，考查官能团的性质，熟悉常见官能团的性质，进行知识迁移运用，根据含有的酚羟基说明具有酚的性质，有羧基决定具有羧酸的性质，另外有苯环还具有苯的性质，再综合分析即可。

B

【分析】

由结构简式可知，该有机物含有羟基、羧基、苯环结构，可表现酚、醇和羧酸的性质。

【详解】

①该物质中含有苯环能发生加成反应，故正确；

②该物质中含有醇羟基，与羟基相连的相邻碳原子上含有氢原子，能发生消去反应，故正确；

③该物质中不含卤素原子和酯基，不能发生水解，故错误；

④该物质中含有醇羟基、羧基，都能与羧酸、醇或自身发生酯化反应，故正确；

⑤该物质中含有醇羟基、酚羟基都能发生氧化反应，故⑤正确；

⑥该物质中不含碳碳双键，不能发生加聚反应，故⑥错误；

正确的为①②④⑤，故选B。

【点睛】

本题考查有机物的结构与性质，注意利用已知的结构简式判断官能团，熟悉物质的官能团及物质的性质是解答的关键。

A

【详解】

A．含有羧基，可与乙醇发生酯化反应，选项A正确；

B．含有碳碳双键，可被高锰酸钾氧化，选项B错误；

C．含有碳碳双键，可与溴发生加成反应，在四氯化碳溶液中不发生取代反应，选项C错误；

D．含有1个羧基，可与钠反应，1molM与足量Na完全反应能生成0.5molH₂，选项D错误．

答案选A。

A

【解析】

-OH、-COOH都能与金属钠反应生成H₂，1mol-OH或1mol-COOH与钠反应可产生0.5mol H₂，羟基不与碳酸钠反应，只有-COOH与Na₂CO₃反应生成CO₂，1mol-COOH与Na₂CO₃反应可产生0.5mol CO₂，若同温同压下V₁＞V₂(V₂不为零)，说明有机物与金属钠反应产生的气体的体积多于与纯碱反应产生的气体的体积，则有机物结构中既有-COOH又有-OH，只有A符合，故选A。

点睛：明确-COOH可与Na₂CO₃反应生成气体，而-OH不与NaHCO₃反应为解答关键，质量的该有机物与足量的Na₂CO₃反应，可得到气体V₂L，说明有机物中含有-COOH，一定质量的某有机物和足量的金属钠反应，可得到气体V₁L，且同温同压下V₁＞V₂，说明还含有-OH，以此解答该题。

B

【解析】

A.酸性KMnO₄溶液具有强的氧化性，既可以氧化醛基，也可以氧化酚羟基，因此反应①不能使用酸性KMnO₄溶液作氧化剂，A错误；

B.根据质量守恒定律可知反应②的另一产物是HCl，B正确；

C.在阿司匹林分子中含有一个羧基和一个酚羟基与羧基形成的酯基，酯基水解产生酚羟基和羧基，酚羟基、羧基都可以与NaOH发生反应，所以1mol阿司匹林最多可以和3molNaOH反应，C错误；

D.苯分子是平面分子，羟基中的O原子取代苯分子中的H原子的位置在该平面上，甲醛分子也是平面分子，两个平面可以共平面，所以邻羟基苯甲醛分子中在同一平面上的原子最多为15个，D错误；

故合理选项是B。

C

【详解】

根据机物A(C₈H₁₆O₂)的分子式可知，A的不饱和度为1，A在酸性的条件下水解，所以A为酯类物质，A水解生成的B氧化得到D，C为羧酸，C与D是同分异构体，所以B中有-CH₂OH结构，C与D分子式相同，根据A的分子式，B、C中都含有四个碳原子，C有两种：CH₃CH₂CH₂COOH、CH₃CH(CH₃)COOH，B有2种：CH₃CH₂CH₂CH₂OH、CH₃CH(CH₃)CH₂OH，则A的结构可能为CH₃CH₂CH₂COOCH₂CH(CH₃)CH₃、CH₃CH(CH₃)COOCH₂CH₂CH₂CH₃共有2种，故选C。

D

【详解】

①该有机物分子中含有碳碳双键，能使酸性溶液褪色，①符合题意；

②该有机物分子中含有-COOH，能与溶液反应，②符合题意；

③该有机物分子中含有碳碳双键，在一定条件下与发生加成反应，③符合题意；

④该有机物分子中含有-COOH，能与乙醇发生酯化反应，④符合题意；

综合以上分析，①②③④都符合题意，故选D。

A

【详解】

分子式为C₆H₁₂O₂的有机物在酸性条件下可水解为酸和醇，该有机物为饱和一元酯，且生成的醇没有相同的官能团的同分异构体，则醇只能为甲醇或乙醇；若醇为甲醇，则羧酸为C₄H₉COOH，-C₄H₉共有4种结构，对应的羧酸有4种，对应的酯也有4种；若醇为乙醇，则羧酸为C₃H₇COOH，-C₃H₇共有2种结构，对应的羧酸有2种，对应的酯也有2种；故该酯共有6种可能，故答案为A。

D

【详解】

A. 分子的不饱和度为6，故分子式为C₁₅H₂₀O₄，故不选A；

B. 脱落酸既有羧基又有羟基可以发生酯化反应、含有碳碳双键可以发生加聚反应、可以燃烧发生氧化反应，故不选B；

C.烷基碳原子为SP³杂化，四面体构型，分子内部有两个烷基碳原子周围连接其他碳原子，不可能共面，故不选C；

D. 1mol的脱落酸中只有1mol羧基，最多只能与1mol的 NaHCO₃发生反应，故选D；

正确答案：D。

【点睛】

本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，题目难度中等。

D

【详解】

A. 从B到C的反应是羧基和羟基发生的分子内酯化反应，属于取代反应，A错误；

B. 有机物D中环状结构含3个亚甲基，为四面体结构，则所以碳原子不会共面，B错误；

C. 羟基和碳酸氢钠不反应，1molB分别与足量的Na、NaHCO₃反应，产生的气体的物质的量分别是1mol氢气和1molCO₂，C错误；

D. 异戊二烯和丙烯酸发生类似的加成反应生成有机物A，D正确；

答案选D。

D

【解析】

A、B、C三种有机物中均含有羧基，D中含有酯基，因此D有别与其他三种物质，故选D。

A

【详解】

由有机物的结构可知，与水发生水解，产物中含酚羟基和羧基，均能与NaOH发生反应，1mol酚羟基消耗1molNaOH，1mol-COOH消耗1molNaOH，1mol该有机物及水解产物中共3mol酚羟基，2mol-COOH，所以消耗的NaOH的物质的量为5mol；选项A符合题意；

本题答案选A。

D

【解析】

设该醇为n元醇，若反应的醇为1mol，反应的乙酸为nmol，则生成的水为nmol，生成的酯为1mol，所以b＋60n＝a＋18n，又a＝b＋84，得n＝2，所以该醇分子中含有两个羟基。

【详解】

D选项正确。该醇分子中可以含有甲基，也可以不含甲基，如乙二醇等，A、B选项错误；该醇分子也可以含有两个碳原子，如乙二醇，C选项错误。

某醇在适当条件下与足量的乙酸发生酯化反应，得到的酯的相对分子质量a与原来醇的相对分子质量b的关系是a=b+84，有关该醇应该具有的结构特点的描述正确的是（    ）

A. 该醇分子中不一定有甲基，可能是乙二醇，A不正确；

B. 该醇分子中不一定没有甲基，很多二元醇有甲基，B不正确；

C. 该醇分子中至少含有2个碳原子，最简单的二元醇就是乙二醇，只含2个碳原子，C不正确；

D. 该醇分子中具有两个醇羟基，D正确。

故选D。

B

【解析】

能与Na反应的官能团有羟基、羧基，1mol有机物可消耗2molNa；能与NaOH反应的官能团有酯基、酚羟基、溴原子和羧基，1mol有机物可消耗4molNaOH；能与碳酸氢钠反应的官能团只有羧基，1mol有机物只能消耗1mol碳酸氢钠。则等物质的量的该有机物消耗的金属钠、氢氧化钠、碳酸氢钠的物质的量之比为2：4：1，因此合理选项是B。

C

【解析】

A、①的反应羧酸的羧基中羰基与醇发生加成反应，故A正确；

B、②的反应中两个羟基同时连在同一碳原子上发生消去反应脱水，故B正确；

C、根据酯化反应的过程，若用R¹⁸OH作反应物，产物是RˊCO¹⁸OR和H₂O，故C错误；

D、酯化过程中，用浓硫酸吸收了反应生成的水，使反应朝着有利于生成更多的RˊCOOR的方向移动，有利于②的过程，故D正确。

正确答案选C。

D

【分析】

丙烯酸不对称，与水加成时会出现两种产物；丙烯酸的碳碳双键容易被氧化，乳酸中的羟基相连C原子上有H原子，羟基易被氧化，可使酸性高锰酸钾褪色；丙烯酸和乳酸可发生酯化反应。

【详解】

A.双键与水加成时，-OH可能在首端C原子上，可能混有副产物1-羟基丙酸，故A错误；

B.丙烯酸的碳碳双键容易被氧化，乳酸中的羟基相连C原子上有H原子，羟基易被氧化，可使酸性高锰酸钾褪色，无法区别丙烯酸和乳酸，故B错误；

C.丙烯酸含有羧基，乳酸含有羟基，可发生酯化反应，C错误；

D.乳酸含-OH、-COOH，均与Na反应，只有-COOH与NaOH、NaHCO₃反应，则1mol乳酸分别与足量Na、NaOH、NaHCO₃反应，消耗三者物质的量之比为2：1：1，D正确；

答案为D

【点睛】

本题考查有机物的结构与性质，把握官能团的性质及有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意烯烃、醇、羧酸的化学性质。

B

【分析】

由结构可知，分子中含-OH、-COOH，结合醇、羧酸的性质来解答。

【详解】

A. 分子内−OH和两个−COOH均与Na反应生成氢气，则1mol苹果酸与足量金属Na反应生成1.5 molH₂，A项错误；

B. 含−OH、−COOH，均可发生酯化反应，仲醇可发生消去反应，−OH和−COOH均可发生缩聚反应，B项正确；

C. 分子内羧基上的碳氧双键不能与氢气发生加成反应，C项错误；

D. 只有−COOH与NaOH反应，则1mol苹果酸可与2 mol NaOH发生中和反应，D项错误；

答案选B。

C

【解析】

有机物M只含C、H、O，根据该有机物的球棍模型图可知，该有机物为1—萘乙酸，分子中含有萘环，官能团为羧基，其分子式为C₁₂H₁₀O₂。

【详解】

A. M的分子式为C₁₂H₁₀O₂，A不正确；

B. M与足量氢气在一定条件下反应的产物的环上10个碳原子上均有氢原子，由于分子结构不对称，故其环上的一氯代物有10种，B不正确；

C. M属于芳香酸，能发生中和反应、取代反应，C正确；

D.苯环上所有原子共面，则两个苯环连接形成的萘环上所有原子共面，即M分子中至少有18个原子共面，-COOH中原子可能共面，则一个M分子最多有22个原子共面，D不正确。

综上所述，本题选C。

【点睛】

本题解题的关键是能根据有机物的分子结构模型判断分子的实际结构，抓住苯环或萘环以及羧基的结构特点，才能准确判断。本题的易错点是其加成产物的一氯代物的数目判断，要注意加成后，环上的碳原子都增加一个氢原子。

C

【解析】A．根据X 的结构，X的分子式为C₁₅H₂₂O₂，故A错误；B．该分子中只有碳碳双键能和氢气在一定条件下发生加成反应，所以1molX最多可以和2mol H₂发生加成反应，故B错误；C．X中含有碳碳双键能够发生加成反应，含有羧基，能够发生酯化反应，酯化反应属于取代反应，故C正确；D．X能和溴发生加成反应而使溴的四氯化碳溶液褪色，能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，前者是加成反应、后者是氧化反应，所以二者褪色原理不同，故D错误；故选C。

D

【解析】A. 二者的分子式相同，均为C₂₀H₃₀O₂，互为同分异构体，故A正确；B. 二者所含官能团的种类和数目相同，均含有1个羧基和2个碳碳双键，故B正确；C. 二者均含有羧基，均能与氢氧化钠溶液反应，故C正确；D. 羧基不能与氢气加成，二者均能与H₂以物质的量之比为1∶2发生反应，故D错误；故选D。

C

【详解】

A．分子中含有一个碳碳双键，只有碳碳双键连接的5个碳原子共平面，A错误；

B．分子中无苯环，不属于芳香族化合物，B错误；

C．分子中有碳碳双键、羟基、羧基3种官能团，碳碳双键可以被加成，分子可以发生加成、氧化、取代反应，C正确；

D．1mol莽草酸中含有1mol-COOH，可以与足量碳酸氢钠反应生成1molCO₂气体，D错误；

答案选C。

【点睛】

高中阶段，能与碳酸氢钠反应的官能团只有羧基。1mol-COOH与足量的碳酸氢钠反应生成1mol CO₂。

B

【解析】

根据n=计算出生成水的物质的量；根据乙二酸+二元醇→酯+2H₂O计算出二元醇的物质的量；根据质量守恒计算二元醇的质量；根据M=计算出二元醇的摩尔质量，以g/mol为单位时，摩尔质量在数值上等于相对分子质量。

【详解】

3.6g水的物质的量为=0.2mol，
乙二酸与二元醇完全酯化反应脱去2分子H₂O，即乙二酸+二元醇→酯+2H₂O，
故二元醇的物质的量为0.2mol×=0.1mol，
根据质量守恒可知，二元醇的质量为：Wg+3.6g-9g=(W+3.6-9)g，
该二元醇的摩尔质量为：=g/mol，
故该二元醇的相对分子质量为：；

故选B。

C

【解析】A项，该有机物的不饱和度为9，该有机物的分子式为C₂₁H₂₆O₄，A项错误；B项，该有机物中含有羟基、碳碳双键、羧基三种官能团，B项错误；C项，该有机物中只有-COOH能与NaOH和NaHCO₃反应，该有机物最多消耗NaOH与NaHCO₃物质的量之比为1:1，C项正确；D项，该有机物中2个-OH和1个-COOH都能与金属Na反应，1mol该有机物与足量金属Na反应生成1.5molH₂，由于H₂所处温度和压强未知，无法计算H₂的体积，D项错误；答案选C。

点睛：本题考查有机物的结构和性质、官能团的识别。注意苯环不是官能团，该物质中的羟基为醇羟基，不是酚羟基。

B

【详解】

①.与足量的NaOH溶液共热，生成，根据酸性强弱顺序，在溶液中通入足量CO₂，可得到，①符合题意；

②. 与稀硫酸共热后，生成，加入足量的NaOH溶液，反应生成，②不合题意；

③.加热溶液，通入足量的SO₂，SO₂与水反应生成H₂SO₃，其酸性比醋酸强，所以发生反应，生成，③不合题意；

④与稀H₂SO₄共热后生成，苯酚不能与NaHCO₃反应，苯甲酸能与NaHCO₃反应，则与NaHCO₃反应，生成 ，④符合题意。

综合以上分析，①④符合题意。故选B。

B

【详解】

A. HF分子间存在氢键，沸点最高，HCl、HBr、HI的沸点随相对分子质量增大，分子间作用力增大，沸点升高，所以沸点：HF>HI>HBr>HCl，故A错误；

B. 反应4NO₂(g)+O₂(g)2N₂O₅(g)可以自发进行，则H-TS<0，由于该反应气体分子数减小，S<0，则，故B正确；

C. CH₃COO^-水解促进水的电离，CH₃COONa溶液加水则CH₃COO^-浓度减小，对水的电离促进作用减小，水电离的c(H⁺) c(OH^-)减小，故C错误；

D. 酚羟基和羧基都能和Na反应生成H₂，而NaHCO₃只能与羧基反应生成CO₂，所以1mol分别与足量Na和NaHCO₃反应，生成气体的体积比为1：1，故D错误。

答案选B。

C

【详解】

A．苯环之间的碳为sp³杂化，是四面体结构，则分子中两个苯环不一定处于同一平面，故A错误；

B．分子结构中含-COOH，能与饱和Na₂CO₃溶液反应，故B错误；

C．含-COOC-，且具有环状结构，则酸性条件下水解，水解产物只有一种，故C正确；

D．化合物X能在氧气中燃烧，另外与苯环相连的碳原子上有H原子，也能被酸性高锰酸钾溶液氧化，则能发生氧化反应，故D错误；

故答案为C。

D

【详解】

①有机物结构中苯环、双键为平面结构，与苯环、双键直接相连的原子一定共面，则分子中所在的碳原子可能共面，故不选①；

②该有机物含有碳碳双键，发生氧化反应使酸性KMnO₄溶液褪色，使溴水褪色是发生加成反应，原理不同，故选②；

③-COOH、-OH均可与Na反应生成氢气，则1mol该有机物与足量Na反应生成1mol氢气；与NaHCO₃反应的只有-COOH，1mol该有机物与足量-COOH反应生成1mol二氧化碳，在相同条件下，气体体积相同，故选③；

④该有机物含有羧基，羟基，可以发生酯化反应，故不选④；

⑤该有机物含有碳碳双键，可以发生加聚反应，故不选⑤；

⑥该有机物分子式为C₁₁H₁₂O₃，1mol该有机物完全燃烧生成CO₂和H₂O消耗O₂的体积为（11+3-1.5）mol×22.4L/mol=280 L，故不选⑥；

综上所述，应选②③，故本题正确答案为D。